福建省福州市福9校2024-2025学年高二上学期11月期中历史试题及参考答案

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15.(14分)(1)增大废旧高温合金与NaOH溶液的接触面积,加快反应速率,使反应更充分(1分)(2)向滤液1中加入足量盐酸后过滤、洗涤,所得固体干燥脱水可得硅胶(2分)(3)将Ni、Co、Fe转化为可溶性盐,便于分离回收(2分)85℃(1分)该温度下,金属的浸出率已经很高,再升高温度会增大能耗,提高成本(1分)(4)4Fe2++O2+4H+—4Fe++2H2O(2分)3≤pH<7.5(2分)“调pH”不能达到分离Ni2+、Co2+的目的(1分)(5) NaAlo2、Fe(OH)3、CoCl2、NiSO4(2分)【解析】(1)废旧高温合金预先机械破碎,可以增大废旧高温合金与NaOH溶液的接触面积,加快反应速率,使反应更充分。(2)由流程中物质转化关系知,滤液1中溶质为NaAlO2和Na2SiO3,向其中加入足量盐酸后过滤可得硅酸,硅酸干燥脱水可得硅胶。(3)“酸溶”可将Ni、Co、Fe转化为可溶性盐,便于分离回收;由图知,85℃时,金属的浸出率已经很高,再升高温度,虽金属浸出率略有升高,但耗能更多,故该工序控制的适宜温度为85℃。(4)“氧化”时发生酸性条件下氧气将Fe2+氧化为Fe3的反应,其离子方程式为4Fe2++O2+4H4Fe3++2H2O;Fe3沉淀完全即c(Fe3+)≤1.0×105mol·L-时,c(OH)≥Ks Fe(OH)3JN c(Fe+3/×10√1.0×10mol·L=10mol·L,pH≥3;由c(N2+)=0.02mol·L-1、c(Co2+)=0.016mol·L和K[Ni(OH)2]=2×10-15、K[Co(OH)2]=1.6×10-15知,当N2+、Co2+不形成沉淀时,控制的pH范围相同,c(OH-)<10-65mol·L-t,pH<7.5,则“调pH”的合理范围小为3≤pH<7.5;由上述分析知,“调pH”不能达到分离Ni2+、Co2+的目的。(5)由流程中物质转化关系知,在整个回收工艺中,从废旧高温合金中可以回收到的金属资源有NaAlO2、Fe(OH)3、CoCl2、NiSO4。

11.B【解析】本题主要考查离子共存问题,侧重考查学生对基础知识的掌握能力。加入过量稀硫酸无明显变化,说明溶液中无αOˉ、AIO;加入硝酸钡有气体产生,因为前面已经加亼了硫酸,NO)在酸性条件下具有强氧化性,说明有亚铁离子存在且被氧化,沉淀A为硫酸钡;加入过量NaOH溶液有气体生成,说明存在NH,气体为氨气,沉淀B为红褐色氢氧化铁沉淀;通入少量CO2产生沉淀,CO2先与OH反应生成O,CO再与Ba2反应生成BaCO3沉淀,沉淀C为碳酸钡;因为存在的离子浓度均为0.1mol·L1,从电荷守恒的角度出发,溶液中不存在A+,只含有NH、Fe2+、Cl-、SO才能保证电荷守恒,Na不能存在。故B项正确。

3.D【解析】本题主要考查细胞呼吸,考查学生的理解能力。在氧气不足或无氧条件下,种子进行无氧呼吸时才在细胞质基质中产生CO2,D项错误。

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